基础强化沪粤版九年级物理上册第十二章内能与热机专项练习试卷(附答案详解)

考试时间：90分钟；命题人：物理教研组

考生注意：

1、本卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟 2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上

3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。

第I卷（选择题 20分）

一、单选题（10小题，每小题2分，共计20分）

1、内能是一种常见的能量形式，关于内能下列说法正确的是（ ） A．0°C的水不具有内能

B．温度高的物体一定比温度低的物体内能多 C．静止的物体不具有内能 D．内能与物体的温度有关

2、今年端午节期间，热爱家务劳动的小红与妈妈一起在家包粽子、煮粽子，做出来的粽子非常可口，下列说法正确的是（ ）

A．煮粽子时，是通过做功的方式改变粽子的内能

B．煮粽子时，锅的上方“白气”腾腾，“白气”属于汽化现象 C．煮粽子时，香气满屋，说明分子在不停地做无规则运动 D．煮熟的粽子出锅后，由于温度较低所以粽子没有内能

3、如图为白天海陆风形成的示意图。海陆风形成的原因是：与海洋相比，陆地的土地（ ）

A．比热容较小，在相同日照条件下升温较快，气温较高 B．比热容较小，在相同日照条件下升温较慢，气温较低 C．比热容较大，在相同日照条件下升温较快，气温较高 D．比热容较大，在相同日照条件下升温较慢，气温较低

4、古时候人们常钻木取火，下列情境中改变内能的方式与其相同的是（ ） A．吃饭时，金属勺放在热汤中会烫手 B．冬天，搓手可以使手暖和 C．发烧时，冷毛巾敷额头可以降温 D．夏天，喝冷饮使人感到凉爽

5、陕西秦岭以南具有“雨洗青山四季春”的宜茶环境。如图为一杯陕南富硒绿茶，茶叶翠绿，茶香袭人。下列说法正确的是（ ）

A．茶杯受到的重力与桌面对它的支持力是相互作用力 B．热茶暖手是通过做功改变物体的内能

C．绿色的茶叶吸收绿光

D．茶香袭人是因为分子在永不停息地做无规则运动

6、2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火起飞，成功发射。如图，火箭喷气发动机是利用燃料在燃烧室中燃烧，燃气向后高速喷出，从而获得向前的动力。下列与火箭发动机燃烧室工作原理一致的冲程是（ ）

A． B．

C． D．

7、如下表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断错误的是（ 物质 水 煤油 冰 铝 铜 比热容J/kg?C 4.2103 2.1103 2.1103 0.88103 0.39103 A．不同物质的比热容可能相同 B．一杯水凝固成冰后，比热容会变化

C．用水作为暖气中的传热介质是因为水的比热容大

）D．铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多

8、初温、质量相等的甲、乙金属块，已知甲的比热容大于乙的比热容，甲乙在吸收相同的热量后相互接触，则下列说法正确的是（ ） A．热量从甲传递给乙 C．温度从甲传递给乙

B．热量从乙传递给甲 D．温度从乙传递给甲

9、有关燃料燃烧及燃料的热值，下面说法正确的是( ) A．燃料燃烧的过程中内能转化为化学能 B．燃料的热值越大，燃烧过程中放出的热量越多 C．燃料的热值与燃料的燃烧情况有关 D．以上说法均不正确

10、下列说法正确的是（ ）

A．“钻木取火”是通过做功来改变物体的内能 B．内燃机的吸气冲程是将内能转化为机械能的过程 C．物体的质量越大比热容越大 D．0℃的冰没有内能

第Ⅱ卷（非选择题 80分）

二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）

1、额定功率为1000W的电热水壶，内装1L、初温为20℃的水，若接通电源后，正常工作350s后使得水温升高到100℃，则该电热水壶的加热效率为_______。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2103J/(kg℃)]

2、根据图中提供的信息回答下列各题：

（1）根据国家疫情防控要求，体温达37.3℃及以上者需要进行医学观察。小明入校体温检测时体温计显示如图1所示，则小明______（选填“需要”或“不需要”）进行医学观察；

（2）“五一”假期，为响应国家防疫号召，小明一家就近选择驾车到本市陈毅故里参观。经过某路口时，小明注意到交通指示牌标示如图2所示。在遵守交通规则的前提下，到达陈毅故里最少还需要时间______min；

（3）用同样的加热器给相同质量的A、B两种液体加热，得到它们的温度随时间变化的图像如图3所示，则A、B两种液体的比热容cA______cB（选填“>”、“=”或“<”）；

（4）容器被带薄橡皮膜的挡板分隔为左、右两部分，两边分别倒入甲、乙两种液体。当左右两边液面如图4所示时，橡皮膜刚好处于竖直状态，则甲、乙液体密度关系是ρ甲______ρ乙（选填“>”、“=”或“<”）。

3、内燃机一个工作循环有四个冲程，实现将机械能转化为内能的是______冲程。内燃机工作时要产生大量的热，通常采用水循环将热带走，这是利用水______的特性。某品牌汽车每行驶100km耗油5kg，这些汽油完全燃烧要放出______J的热量。（汽油的热值q=4.6×l07J/kg）

4、我们经常会看到一边行驶一边向空中喷雾的汽车，人们形象地将它称为雾炮车（如图）。喷向空中的水雾能使尘埃粒子快速沉降到地面，起到净化空气的作用。喷向空中的水雾，有许多在掉向地面之前已经在空中散失了，还能起到降温作用。其原理是______；该雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的______冲程实现了机械能转化为内能。雾炮车一直保持速度大小不变运动，则行驶过程中车的动能______（选填“变大”、“变小”、“不变”）。

5、汽油机工作时是___________能与___________能相互转化的过程，若一台四冲程汽油机的飞轮转

速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功________次。 三、计算题（5小题，每小题8分，共计40分）

1、小虎家使用的是燃气热水器，已知燃气的热值为4.0×107J/m3，水的比热容为

4.2×103J/(kg·℃)。在一个标准大气压下，小虎用热水器给初温为15℃的水加热到45℃，共获得40L的热水，用去0.2m3燃气。计算： （1）这些燃气完全燃烧放出的热量； （2）40L水升温吸收的热量； （3）小虎家热水器的热效率。

2、如图所示是某太阳能热水器，向其中注入0.05m3的水，阳光照射一段时间后，温度从10 ℃升高到50℃。水的比热容是4.2×103J/（kg·℃），水的密度为1×103kg/m3。试求： （1）这段时间该热水器中的水吸收的热量是多少？

（2）如果这段时间该太阳能热水器接收到太阳辐射的热量是E＝2.8×107J，则这段时间该热水器的效率是多少？

（3）若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧多少千克煤？（煤的热值为3.5×107J/kg）

3、某太阳能热水器中装满水后，水的质量为100kg，在阳光照射下，经过2小时，这些水的温度从20℃升高到40℃，求：

（1）热水器中的水吸收的热量是多少？[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）] （2）若该热水器每小时接受太阳辐射的热量为7×106J，求该热水器的效率是多少？

4、吃早饭时，妈妈用天然气灶给小梦加热250mL的牛奶，使这些牛奶的温度由12℃升高到42℃，他家的天然气灶的效率为60%。[该牛奶的密度为1×103kg/m3、比热容为2.4×103J/（kg•℃），天然气的热值为3.8×107J/m3]。求：

（1）这些牛奶吸收的热量；

（2）加热这些牛奶需要多少m3的天然气？

5、有一个电热水壶，铭牌如表所示，不计热量的散失，不考虑温度对电阻的影响，c水=4.2×103J/（kg·℃）。求:

（1）将质量为1kg、温度为20℃的一壶冷水加热到100℃，水吸收的热量是多少？

（2）若壶体吸收的热量是水吸收热量的10%，电热水壶至少正常工作多长时间才能把这壶水加热到100℃？

（3）若在用电高峰期，实际电压只有198V，要把同样的这壶水加热到100℃，至少需要多长时间？ 电热水壶 型号：91400 电压：220V 频率：50Hz 功率：1000W 最大水量：1kg

四、实验探究（2小题，每小题10分，共计20分）

1、如图甲所示为盾构机，盾构机在地下掘进时，为了保证隧道方向不出偏差，采用了激光自动导向系统。图乙所示是盾构机的结构图，在推进液压缸的推动下，刀盘向前切割泥巴，收入土仓，再由螺旋输送机往后输送泥浆到皮带输送系统。如表是盾构机的有关数据：

盾构机盾构机盾构机每分钟前进距离/mm 推进系统功率/kW 刀盘功率/kW 最大推进力/kN 螺旋输送量/m3h-1 长/m 直径/m 质量/t 57 6.6 1100 80 80 950 36000 360 （1）刀盘向前切割泥巴过程中，温度升高，这是通过______的方式改变内能的。用水循环给滚刀降温，这是利用水的______较大的原理；

（2）盾构机在地下掘进时，下列说法中正确的是______（多选，填字母符号）； A．激光器可以固定在地面上

B．盾构机的激光导向应用了光的反射定律 C．激光器必须固定安装在盾构机上 D．盾构机的激光导向应用了光的直线传播

（3）若泥土的密度为2×103kg/m3，则螺旋输送机每分钟从土仓里输送出来的泥土的质量是______t；

（4）当推进系统以最大的推进力工作时，推进效率是______；

（5）盾构机的推进液压缸有30个，每个液压缸的原理图如丙所示的容器，里面装有密闭液体，容器两端活塞的面积分别是S1、S2，其中大活塞连接刀盘。作用在两个活塞的压力分别是F1、F2，根据帕斯卡原理，把一个力施加在一端的活塞上，产生的压强通过密闭液体传到另一端的的活塞上，两个活塞受到密闭液体的压强相等。这样就能够将较小的力通过液体放大，使刀盘获得了较大的推进力。已知液压缸两端活塞面积之比S1∶S2＝1∶20，如果要刀盘产生最大的推进力，每个缸的S1端应该要至少施加______N的力。

2、如图，甲、乙、丙三图装置完全相同，燃料的质量、烧杯中液体的质量和初温都相同。

（1）为了得到质量相同的水和煤油，需要的测量工具是______；

（2）根据实验数据，小虎作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象，如图丁。观察图丁，写出一种比较比热容大小的方法：______；煤油和水的比热容之比是______；

（3）接下来比较酒精和煤油热值，小虎通过质量相同的燃料完全烧尽后水升高的温度来比较热值大小，烧杯中水的质量应该______（选填“大”或“小”）一些，原因是______；

（4）小龙同学选择用两种燃料将甲、乙两个装置中的水均加热至相同温度，她试图通过测量______来反映这两种燃料热值的大小关系；

（5）实验室备有酒精温度计、煤油温度计和水银温度计（玻璃泡中液体质量相等），几种测温物质的相关数据如下表所示，为了减小热损失对实验的影响，应该选择______温度计。

测温物质 酒精 煤油 水银 比热容[J/(kgC)] 2×103 2.1×103 0.14×103 标准气压下沸点（℃）

78 180~310 356.7 -参考答案-

一、单选题 1、D 【详解】

AC．一切物体都具有内能，所以0℃的冰具有内能，静止的物体也具有内能，故A错误；

BD．内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素，故B错误，D正确。 故选D。 2、C 【详解】

A．煮粽子时，粽子吸收水的热量即通过热传递改变内能，故A错误； B．“白气”是热的水蒸气遇到冷空气液化形成的小水珠，故B错误；

C．煮粽子时，粽叶飘香是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确； D．一切物体在任何情况下都有内能，故D错误。 故选C。 3、A 【详解】

因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；海岸吸热后，温度上升快，热空气上升，微风从海洋吹向陆地，形成海风；而夜晚，海岸和海水放出相同的热量，但水的比热容大，海水温度降低得少，海面气温较高，空气上升，风就从陆地

吹向海上，形成陆风，故A符合题意。 故选A。 4、B 【详解】

常钻木取火，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，故是通做功的方式改变内能。

A．吃饭时，金属勺放在热汤中会烫手，只涉及能量的转移，没有涉及能量的转化，故是热传递的方式改变内能，故A不符合题意；

B．冬天，搓手可以使手暖和，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，故是通做功的方式改变内能，故B符合题意；

C．发烧时，冷毛巾敷额头可以降温，只涉及能量的转移，没有涉及能量的转化，故是热传递的方式改变内能，故C不符合题意；

D．夏天，喝冷饮使人感到凉爽，只涉及能量的转移，没有涉及能量的转化，故是热传递的方式改变内能，故D不符合题意。 故选B。 5、D 【详解】

A．茶杯受到的重力与桌面对它的支持力作用在同一物体上，是一对平衡力，故A错误；

B．改变物体内能的方式有两种分别是做功和热传递，热茶暖手是把热茶的热量传递给手，是通过热传递改变内能的，故B错误；

C．不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，绿色的茶叶是因为茶叶反射绿光，故C错误； D．茶香袭人是扩散现象，是因为茶叶分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。 故选D。 6、C 【详解】

火箭的喷气发动机工作时，燃料燃烧产生高温高压的气体，经喷管向后高速喷出，从而获得向前的动力，使火箭发射出去，燃料燃烧时将化学能转化为内能，然后再将内能转化为火箭的机械能。 A．该图中进气门打开，排气门关闭，活塞下行，为吸气冲程，没有能量的转化，故A不符合题意； B．该图中两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程，是机械能转化为内能，故B不符合题意； C．该图中两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程，内能转化为机械能，故C符合题意；

D．该图中进气门关闭、排气门打开，活塞上行，为排气冲程，没有能量的转化，故D不符合题意。 故选C。 7、D 【详解】

A．由表格知，不同物质的比热容一般不同，但也有相同的，比如煤油和冰的比热容相同，故A正确，不符合题意；

B．由表格知，水和冰的比热容不相同，所以一杯水凝固成冰后，比热容会变化，故B正确，不符合题意；

C．在生活中用水作为暖气中的传热介质是因为水的比热容较大，与其它液体在相同质量时，降低相同的温度能放出更加多的热量，故C正确，不符合题意；

D．由表格知，铝的比热容大于铜的比热容，那么质量相同的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多，如果没有质量相同这个前提条件，则无法判断吸热的情况，故D错误，符合题意。 故选D。 8、B 【详解】

AB．初温、质量相等的甲、乙金属块，因甲的比热容大于乙的比热容，由Q=cmΔt可知，甲、乙在吸收相同的热量后，甲的温度变化量小于乙的温度变化量，即甲的末温小于乙的末温，此时让甲、乙相互接触，热量会从温度高的物体传递给温度低的物体，即热量从乙传递给甲，故A错误，B正确； CD．甲、乙之间发生的是热传递，传递的是热量，而不是温度，故CD错误。 故选B。

9、D 【详解】

A、燃料燃烧的过程中,是将化学能转化为内能的过程,故A错误;

B、燃料燃烧放出的热量与是否完全燃烧、燃料的热值和质量都有关系,因此热值大的燃料不一定放出的热量多,故B错误;

C、燃料的热值只与燃料的种类有关,与燃料的燃烧情况无关,故C错误 所以D选项是符合题意的. 【点睛】

热值是燃料的一种特性,它只与燃料的种类有关,与燃料的质量、燃烧程度等均无关. 10、A 【详解】

A．“钻木取火”将机械能转化为内能，涉及能量转化，故是通过做功来改变物体的内能，故A正确；

B．内燃机的吸气冲程没有涉及能量转化，故B错误；

C．比热容是物体的特性，描述物质吸收热量的能力，比热容的大小与质量无关，故C错误； D．由于分子是在永不停息的做无规则运动，故任何物体都具有内能，故D错误。 故选A。 二、填空题 1、96% 【详解】 水的体积

V1L1dm31103m3

由m 可得水的质量 VmV1.0103kg/m31103m31kg

加热过程中水吸收的热量

Q吸cmt2t14.2?103J/kg℃1kg100℃20℃3.36105J

350s电热水壶消耗的电能

WPt1000W350s3.5105J

电热水壶的加热效率

Q吸3.36105J96%

W3.5105J2、 不需要 18 > > 【详解】

（1）[1]由图可知，温度计的分度值为0.1℃，小明体温为37.1℃，所以小明不需要进行医学观察。 （2）[2]图中显示距离陈毅故里还有18km，限速60km/h，则到达陈毅故里最少还需要

ts18km0.3h18min v60km/h（3）[3]由吸热公式Q=cm（t2﹣t1）可知，在质量和吸收热量一定的情况下，比热容越大的物质，温度变化越小，由图3可知，0~5分钟内，A温度变化小，所以A的比热容较大，故选填>。 （4）[4]由液体的压强公式p=ρgh可知，液体的压强大小取决于液体的密度和深度，由图4可知，甲液面距橡皮膜的深度比乙小，因为橡皮膜处于竖直状态，故p甲=p乙，由液体压强公式p=ρgh可知

ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，由于h甲ρ乙。

3、 压缩 比热容大 2.3×108 【详解】

[1]内燃机的四个冲程中，压缩冲程中两气门关闭，活塞向上运动，压缩气体做功，将机械能转化为内能，故将机械能转化为内能的是压缩冲程。

[2]汽油机工作时要产生大量的热，通常采用水循环将热带走，这是利用水的比热容大，相同质量的水与其它物质相比，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，降温效果好。

[3]5kg汽油完全燃烧要放出的热量为

Qqm4.6107J/kg5kg2.3108J

4、 水汽化吸热 压缩 变小 【详解】

[1]喷向空中的水雾在空中散失了，能起到降温作用，是因为水汽化吸热的缘故。

[2]柴油机四个冲程中的压缩冲程中活塞向上运动，压缩气体对气体做功，使得气体的温度升高、内能增大，将机械能转化为内能。

[3]雾炮车一直保持速度大小不变运动，前进的过程中向空中喷雾使得汽车的质量变小，则行驶过程中车的动能变小。

5、 内 机械 10 【详解】

[1][2]热机工作中有吸气、排气冲程无能量转换，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。

[3]热机的一个工作循环有4个冲程，飞轮转动2圈，对外做功1次。若一台四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功的次数为 120060次10次 2三、计算题

1、（1）8×106J；（2）5.04×106J；（3）63% 【详解】

解：（1）这些燃气完全燃烧放出的热量为

Q放＝Vq＝0.2m3×4×107J/m3＝8×106J

（2）由密度公式可得水的质量为

m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×40×10﹣3m3＝40kg

水吸收的热量为

Q吸＝c水m水(t-t0)＝4.2×103 J/(kg•℃)×40kg×(45℃-15℃)＝5.04×106J

（3）热水器的热效率为

Q吸5.04106J=100%=100%=63% Q放8106J答：（1）这些燃气完全燃烧放出的热量为8×106J； （2）40L水升温吸收的热量为5.04×106J； （3）小虎家热水器的热效率为63%。 2、（1）8.4×106J；（2）30%；（3）0.8kg 【详解】 （1）由m知道，热水器中水的质量 Vm水＝ρV＝1×103kg/m3×0.05m3＝50kg

这段时间该热水器中的水吸收的热量

Q吸＝cm水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（50℃﹣10℃）＝8.4×106J

（2）热水器的效率

Q吸8.4106J=100%=100%30%

E2.8107J（3）由Q放＝mq知道，若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧煤的质量

2.8107Jm煤0.8kg

q3.5107J/kgQ放答：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量是8.4×106J； （2）这段时间该热水器的效率是30%；

（3）若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧0.8kg的煤。

3、（1）8.4×10J；（2）60%。 【详解】

解：（1）由题意可知，热水器中的水吸收的热量为

Q吸cmΔt4.2103J/kg℃100kg40℃20℃8.4106J

（2）由题意可知，2h热水器接收到太阳辐射的热量为

Q=2×7×10J=1.4×10J

故热水器的效率为

Q吸8.4106J100%100%60%

Q1.4107J答：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量为8.4×10J； （2）该热水器的效率是60%。 4、（1）1.8×104J；（2）7.9×10﹣4m3 【详解】

解：（1）由题意可知，牛奶的体积为

V=250mL=2.5×10﹣4m3

故可得牛奶的质量为

m牛奶V1103kg/m32.5104m30.25kg

故牛奶升温时吸收的热量为

Q吸c牛奶mΔt2.4103J/kg℃0.25kg42℃12℃1.8104J

（2）由题意可知，天然气灶的效率为60%，故完全燃烧天然气放出的热量为 1.8104JQ放3104J

60%Q吸由Q放=Vq可得需要天然气的体积为

Q放3104JV7.9104m3 73q3.810J/m答：（1）这些牛奶吸收的热量为1.8×104J； （2）加热这些牛奶约需要7.9×10﹣4m3的天然气。 5、（1）3.36×105J；（2）6.16min；（3）456.3s 【详解】

解：（1）水吸收的热量

Q吸cmt4.2103J/kg℃1kg100℃20℃=3.36105J

（2）若壶体吸收的热量是水吸收热量的10%，则壶体吸收的热量

Q壶=Q吸10%=3.36105J10%=3.36104J

把这壶水加热到100℃消耗的电能

W电Q吸+Q壶=3.36105J+3.36104J=3.696105J

电热水壶至少正常工作多长时间

W电3.696106Jt===369.6s=6.16min P额1000W（3）该电热水壶的电阻

2U额R=P额220V=21000W=48.4

水壶的实际功率

2U实P=实R198V=248.4=810W

需要加热时间

W电3.696105Jt实=456.3s

P810W实答：（1）水吸收的热量是3.36×105J；

（2）电热水壶正常工作6.16min才能把这壶水加热到100℃；

（3）若在用电高峰期，实际电压只有198V，要把同样的这壶水加热到100℃，至少需要456.3s。 四、实验探究

1、 做功 比热容 AD 5.4 60% 60000 【详解】

（1）[1]刀盘向前切割泥巴过程中，刀盘与泥巴之间摩擦生热，温度升高，这是通过做功的方式改变内能的。

[2]用水循环带走盾构机产生的热量，这是利用了水的比热容较大的特性，因为在质量和升高的温度均相同时，水吸收的热量多。

（2）[3] AC．在工作时，应将激光器可以固定在地面上，不能安装在盾构机上，因为盾构机是运动的，故A正确，C错误；

BD．工程师们用激光束来引导盾构机沿直线掘进，利用的是光在均匀介质中沿直线传播的，故B错误，D正确。 故选AD。

（3）[4]螺旋输送机每分钟从土仓里输送出来的泥土的体积

1Vrs3.146.6m80103m2.7m3

222则螺旋输送机每分钟从土仓里输送出来的泥土的质量 mV2103kg/m32.7m35.4103kg=5.4t

（4）[5]当推进系统以最大的推进力工作时，每分钟前进距离为80 mm，推进系统功率80 kW，则推进效率

=W有用W总Fs36000103N80103m100%100%100%60%

Pt80103W60s（5）[6]盾构机的推进液压缸有30个，如果要刀盘产生最大的推进力，则

F2F36000kN1200kN 3030F得 S因为两个活塞受到密闭液体的压强相等，由pF1F2 S1S2

又因为液压缸两端活塞面积之比S1∶S2＝1∶20，则 F11200kN S120S1解得

F160kN=60000N

2、 天平 使用相同的热源，加热相同时间，水和煤油的吸热相同，通过温度的变化来判断水和煤油的吸热能力，温度变化小的吸热能力强 1:2 小 水的比热容较大，温度变化不明显 消耗燃料的质量 水银 【详解】

（1）[1]用天平测量质量。为了得到质量相同的水和煤油，需要的测量工具是天平。 （2）[2]我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。 使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。由已知条件，根据图丁水和煤油的温度随加热时间变化的图象知，使用相同的热源，加热相同时间，水和煤油的吸热相同，通过温度的变化来判断水和煤油的吸热能力，温度变化小的吸热能力强。

[3]由表中数据，加热10分钟（吸热相同），水升高的温度为 83℃-68℃=15℃ 煤油升高的温度为

98℃-68℃=30℃

根据QcmΔt，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容与成反比，故则煤油的比热容是

c15C4.2103J/(kgC)2.1103J/(kgC) 30C（3）[4][5]比较不同燃料的热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，故应选用甲乙装置，根据QcmΔt，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大。小虎通过质量相同的燃料完全烧尽后水升高的温度来比较热值大小，烧杯中水的质量应该小一些，原因是水的比热容较大，温度变化不明显。

（4）[6]用两种燃料将初温和质量相同的水加热至相同温度，根据QcmΔt，水吸收的热量相同，根据qQ，加热所需燃料的质量越小，燃料的热值越大，所以可以通过测量消耗燃料的质量来反映m两种燃料热值大小关系。

（5）[7]当被测物体温度较高、质量较小时，为了使测量值更接近真实值，应该选比热容小的液体作为温度计的测温液体，这样液体升温快并且吸热没有那么多，而比热容大的升温慢并且吸收的热量会更多，因水银的比热容相对来说较小，所以应选择水银温度计。