高二年级数学选修2-1模块测试试卷3

一、选择题

1．“x1”是“x23x20”的（ ） A.充分不必要条件 C.充要条件

B.必要不充分条件

D.既不充分也不必要条件

2．若pq是假命题，则（ ） A.p是真命题，q是假命题 C.p、q至少有一个是假命题

B.p、q均为假命题

D.p、q至少有一个是真命题

3．F1, F2是距离为6的两定点，动点M满足∣MF1∣+∣MF2∣=6,则M点的轨迹是 （ ） A.椭圆 B.直线 C.线段 D.圆

x2y21的渐近线方程为（ ） 4． 双曲线169A. y16934x B. yx C. yx D. yx 916435．中心在原点的双曲线，一个焦点为F(0，3)，一个焦点到最近顶点的距离是31，则双曲线的方程是（ ）

y2x2x2y22221 B．x1 C．xA．y1 D．y1 222226．已知正方形ABCD的顶点A,B为椭圆的焦点，顶点C,D在椭圆上，则此椭圆的离心率为( )

A．21 B．2 C．21 D．22 2x2y2x2y221与双曲线1有相同的焦点，则a的值为（ ） 7．椭圆4aa2A．1 B．2

C．2 D．3

y2x21有共同的渐近线，且过点（2，2）的双曲线标准方程为（ ） 8．与双曲线4y2x2x2y2y2x2x2y21 （B）1 （C）1 （D）1 （A）31231228289．已知A（－1，－2，6），B（1，2，－6）O为坐标原点，则向量OA,与OB的夹角是（ ）

A．0

B． 2C． D．3 2（ ）

10．与向量a(1,3,2)平行的一个向量的坐标是

试卷第1页，总3页

A．（113，1，1） B．（－1，－3，2） C．（－，，－1） D．（2，－3，－22） 32211．已知圆C与直线xy0 及xy40都相切，圆心在直线xy0上，则圆C的方程为（ ） A.(x1)2(y1)22 B. (x1)2(y1)22 C. (x1)2(y1)22 D. (x1)2(y1)22 12．若直线xym与圆x2y2m相切，则m的值为（ ） A．0 B．1 C．2 D．0或2 二、填空题

13．直线yx被圆x2(y2)24截得的弦长为_______________.

14．已知椭圆x2ky23k(k0)的一个焦点与抛物线y212x的焦点重合，则该椭圆的离心率是 ．

x2y215．已知方程1表示椭圆，则k的取值范围为___________

3k2k16．在正方体ABCDA1B1C1D1中，E为A1B1的中点，则异面直线D1E和BC1间的距离 ． 三、解答题

17．求过点(－1，6)与圆x+y+6x－4y+9=0相切的直线方程．

18．求渐近线方程为y

19．求与x轴相切，圆心C在直线3x－y＝0上，且截直线x－y＝0得的弦长为27的圆的方程．

试卷第2页，总3页

223x，且过点A(23,3)的双曲线的标准方程及离心率。 420．已知抛物线的顶点在原点，对称轴是x轴，抛物线上的点M（－3，m）到焦点的距离等于5，求抛物线的方程和m的值．

x2y221．已知椭圆C:221(ab0)的焦距为26，椭圆C上任意一点到椭圆两个焦点的距离之和

ab为6．（Ⅰ）求椭圆C的方程；

（Ⅱ）设直线l:ykx2与椭圆C交于A,B两点，点P（0，1），且PA=PB，求直线l的方程．

22．如图，在四棱锥PABCD中，PD底面ABCD，底面ABCD为正方形，PDDC，E,F分别是AB,PB的中点．

(1)求证：EFCD；

(2)在平面PAD内求一点G，使GF平面PCB，并证明你的结论； (3)求DB与平面DEF所成角的正弦值．

A

F

D

C

P

E

B

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高二年级理科数学选修2-1期末试卷（3）

1．B【解析】试题分析： x23x20(x1)(x2)0，则x1且x2；反之，x1且x2时，

x23x20，故选B.

考点：充要条件的判断.

2．C【解析】试题分析：当p、q都是真命题pq是真命题，其逆否命题为： pq是假命题p、

q至少有一个是假命题，可得C正确.

考点： 命题真假的判断.

3．C【解析】解题分析：因为F1, F2是距离为6，动点M满足∣MF1∣+∣MF2∣=6,所以M点的轨迹是线段F1F2。故选C。 考点：主要考查椭圆的定义。

x2y231，a=4,b=3,c=5,则其渐近线方程为yx4．C【解析】因为双曲线

4169,选C.

5．A【解析】试题分析：由焦点为F(0，3)，所以，双曲线的焦点在y轴上，且c＝3，焦点到最近顶点的距离是31，所以，a＝3－（31）＝1，所以，bc2a2＝2，所以，双曲线方程为：

x2y1.本题容易错选B，没看清楚焦点的位置，注意区分.

22考点：双曲线的标准方程及其性质.

6．A【解析】试题分析：设正方形ABCD的边长为1，则根据题意知，2c1,c1,2a12, 21112，所以椭圆的离心率为2a21. 221212考点：本小题主要考查椭圆中基本量的运算和椭圆中离心率的求法，考查学生的运算求解能力.

c点评：求椭圆的离心率关键是求出，而不必分别求出a,c.

ax2y2x2y221与双曲线1有相同的焦点，所以a0，且椭圆7．A【解析】试题分析：因为椭圆4aa2的焦点应该在x轴上，所以4a2a2,a2,或a1.因为a0，所以a1. 考点：本小题主要考查椭圆与双曲线的标准方程及其应用.

222222点评：椭圆中cab，而在双曲线中cab.

答案第1页，总6页

y28．B【解析】试题分析：设所求的双曲线方程为，代入可得3，所以x2，因为过点（2,2）

4x2y2所求双曲线方程为1.

312考点：本小题主要考查双曲线标准方程的求解，考查学生的运算求解能力.

y2y22x1有共同的渐近线的方程设为x2是简化运算的关键. 点评：与双曲线449．C【解析】试题分析： 应用向量的夹角公式cosab|a||b|=－1．所以量OA,与OB的夹角是，故

选C。

考点：本题主要考查向量的数量积及向量的坐标运算.

点评：较好地考查考生综合应用知识解题的能力以及运算能力，属于基本题型。

10．C； 【解析】试题分析：向量的共线（平行）问题，可利用空间向量共线定理写成数乘的形式．即

b0,a//bab．也可直接运用坐标运算。经计算选C。

考点：本题主要考查向量的共线及向量的坐标运算.

点评：有不同解法，较好地考查考生综合应用知识解题的能力。

11．B【解析】试题分析：因圆心在直线xy0上，而点（1，1）和点（-1，-1）不在直线上，故C、D错；又直线xy0 及xy40平行，且都与圆相切，故圆心在第四象限，故A错，选B.或用直接法求解亦可.

考点：1.圆的标准方程；2.直线与圆的位置关系.

12．C【解析】试题分析：根据题意，由于直线xym与圆x2y2m相切，则圆心（0,0）到直线

x+y=m的距离为|m|=m，则可知得到参数m的值为2，故答案为C. 2考点：直线与圆的位置关系

点评：主要是考查了直线与圆的位置关系的运用，属于基础题。

13．22【解析】试题分析：由弦心距、半径、弦长的一半构成的直角三角形，应用勾股定理得，直线yx被圆x(y2)4截得的弦长为222(22|2|2)22。 2考点：直线与圆的位置关系 点评：简单题，研究直线与圆的位置关系问题，要注意利用数形结合思想，充分借助于“特征直角三角形”，应用勾股定理。

x2y231 3k39k4,14．试题分析：抛物线的焦点为F(3,0),椭圆的方程为：e【解析】3k32答案第2页，总6页

所以离心率e3233. 2考点：1、椭圆与抛物线的焦点；2、圆的离心率.

3k011xy15．(3,)(,2)【解析】试题分析：方程1表示椭圆，需要满足2k0，

223k2k3k2k22解得k的取值范围为(3,)(121,2). 2考点：本小题主要考查椭圆的标准方程，考查学生的推理能力. 点评：解决本小题时，不要忘记3k2k，否则就表示圆了. 16．26【解析】试题分析：设正方体棱长为2，以D1为原点，建立如图所示的空间直角坐标系，则3DE020n1D1E(2,1,0)，C1B(2,0,2)，设D1E和BC1公垂线段上的向量为n(1,,)，则，即，22010nCBDC11n4262，n(1,2,1)，又D1C1(0,2,0)，，所以异面直线D1E和BC1间的距离136n为26． 3考点：本题主要考查空间向量的应用,综合考查向量的基础知识。

点评：法向量在距离方面除应用于点到平面的距离、多面体的体积外，还能处理异面直线间的距离，线面间的距离，以及平行平面间的距离等．

17．3x－4y+27=0或x=－1.【解析】试题分析：圆x+y+6x－4y+9=0，即(x3)2(y2)24。点(－1，6)在圆x+y+6x－4y+9=0外，所以，过点(－1，6)与圆x+y+6x－4y+9=0相切的直线有两条。 当切线的斜率不存在时，x=－1符合题意；

当切线的斜率存在时，设切线方程为y6k(x1)，即kxyk60。

222222由圆心（－3，2）到切线距离等于半径2，得，|3k2k6|k212，解得，k=3， 4所以，切线方程为3x－4y+27=0。

综上知，答案为3x－4y+27=0或x=－1. 考点：直线与圆的位置关系

点评：中档题，研究直线与圆的位置关系问题，利用“代数法”，须研究方程组解的情况；利用“几何法”，则要研究圆心到直线的距离与半径比较。本题易错，忽视斜率不存在的情况。

22 22

18．(x-1)+(y-3)=9或(x+1)+(y+3)=9【解析】试题分析：解：设圆心为（a,b）,半径为r, 因为圆x轴相切，圆心C在直线3x－y＝0上，

所以b=3a,r=|b|=|3a|,圆心（a,3a）到直线x－y＝0的距离d=|a3a|11 答案第3页，总6页

由r-d=(7) 得：a=1或-1

所以圆的方程为(x-1)+(y-3)=9或(x+1)+(y+3)=9 考点：圆的方程

点评：确定出圆心和半径是解决圆的方程的关键，属于基础题。

2

2

2

2

222

y2x251，离心率为 19．双曲线方程为9344x2y2(0)， „„4分 【解析】试题分析：设所求双曲线方程为169带入A(23,3)，1291， „„8分 1694y2x2所求双曲线方程为1， „„10分

9442又a9225,b4c2， 44c5离心率e. „„12分

a3考点：本小题主要考查由渐近线方程和双曲线上的点求双曲线方程的方法和双曲线离心率的求法，考查学生的运算求解能力.

x2y2(0)是简化此题解题步骤的关键，另外圆锥曲点评：由双曲线方程设所求双曲线方程为169线中离心率是一个比较常考的考点，要准确求解.

20．m的值为26【解析】试题分析：设抛物线方程为x22py(p0)，则焦点F（意可得

m26pm26m26 ，解之得或， 2p2p4p4m(3)52p,0），由题2 故所求的抛物线方程为x28y，m的值为26 考点：本题主要考查抛物线的标准方程、几何性质，考查抛物线标准方程求法---待定系数法。 点评：本题突出考查了抛物线的标准方程、几何性质，，通过布列方程组，运用待定系数法，使问题得解。

x2y21xy20或xy2021．（Ⅰ）（Ⅱ）【解析】试题分析：（Ⅰ）由已知2a6，2c26,93解得a3，c6,

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x2y2所以bac3，所以椭圆C的方程为1。 „„4分

93222x2y21,（Ⅱ）由9 得(13k2)x212kx30， 3ykx2,2直线与椭圆有两个不同的交点，所以144k212(13k2)0解得k1。 9设A（x1，y1），B（x2，y2）

12k3xx，， „„7分 122213k13k12k4计算y1y2k(x1x2)4k，

13k2413k26k2所以，A，B中点坐标E（，）, 13k213k2则x1x2因为PA=PB，所以PE⊥AB，kPEkAB1,

212所以13kk1, 解得k1,

6k13k2经检验，符合题意，所以直线l的方程为xy20或xy20。 „„12分

考点：本小题主要考查椭圆标准方程的求解和直线与椭圆的位置关系、弦长公式以及中点坐标公式、斜率公式等的综合应用，考查学生数形结合解决问题的能力和运算求解能力.

点评：圆锥曲线是每年高考的重点考查内容，涉及到直线与圆锥曲线的位置关系时，运算量比较大，要结合图形，数形结合可以简化运算. 22．（1）详见解析；（2）详见解析；(3) 3 6【解析】试题分析：在空间中直线、平面的平行和垂直关系的判定，求空间中的角，可以用相关定义和定理解决，如(1)中，易证EFAP，APCD，所以，EFCD，但有些位置关系很难转化，特别求空间中的角，很难找到直线在平面内的射影，很难作出二面角，这时空间向量便可大显身手，如果图形便

于建立空间直角坐标系，则更为方便，本题就是建立空间直角坐标系，写出各点坐标（1）计算EFDC0即可；(2)设G(x,0,z)，再由FGCB0，FGCP0解出x,z，即可找出点G；(3)用待定系数法求

DEFDEF出件可求出平面的法向量，再求出平面的法向量与向量平面DB的夹角的余弦，从而得到结

果.

试题解析：以DA,DC,DP所在直线为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系(如图)，设DAa，则

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aaaaD(0,0,0)，A(a,0,0)，B(a,a,0)，C(0,a,0)，E(a,,0)，F(,,)，P(0,0,a)． 2222aa(1) 因为EFDC(,0,)(0,a,0)0，所以EFCD. 4分 22aaa(2)设G(x,0,z)，则G平面PAD，FG(x,,z)， 222aaaaaFGCB(x,,z)(a,0,0)a(x)0，所以x， 22222aaaFGCP(x,,z)(0,a,a)az0，所以z0 222a∴G点坐标为(,0,0)，即G点为AD的中点． 8分 2(3)设平面DEF的法向量为n(x,y,z)．

aaaa(x,y,z)(,,)0(xyz)02nDF0222由得，即， (x,y,z)(a,a,0)0axay0nDE022取x1，则y2，z1，得n(1,2,1)．

BDna3， cosBD,n6|BD||n|2a6所以，DB与平面DEF所成角的正弦值的大小为考点：空间向量与立体几何.

3 13分 6答案第6页，总6页