2018-2019学年河北省保定市满城区九年级（上）期末
物理试卷
一、选择题（共18小题，每小题2分，满分36分）
1．下列说明分子在不停地运动的例子，其中不恰当的是（ ） A．将一些盐放入一杯水中，过一段时间后，一杯水都有咸味 B．香水瓶打开，在其周围可以闻到香味 C．扫地时，灰尘飞扬
D．把一滴黑墨水滴到一杯清水中，过会儿，清水变黑了 2．下面的例子中，用做功的方式来改变物体内能的是（ ） A．用燃气炉给铝壶中的冷水加热 B．冬天室内暖气能使房间温度上升 C．打气筒打气时打气筒变热
D．把烧红的铁棒放入水中，使铁棒冷却
3．下述现象不是利用水的比热容大这一特性的是（ ） A．工厂里的冷却塔大多用水作为冷却介质 B．冬天暖气设备用水作为运输能量的介质 C．晚上向秧苗田里放水，以防冻坏秧苗 D．空调房间里放盆水增加湿度
4．下列关于温度、内能、热量的说法，正确的是（ ） A．物体温度越高，它的热量就越多 B．要使物体内能增加，一定要吸收热量 C．要使物体内能增加，一定要对物体做功 D．物体温度升高，它的内能一定增加
5．图（A）所示把凉牛奶放在热水中加热，经过一段较长时间，它们的温度随时间变化的图象如图（B）所示，下列说法中正确的是（ ）
A．水和牛奶最后温度相同 B．水的温度变化比牛奶的大 C．牛奶的温度变化比水慢 D．甲是牛奶温度变化的图象
6．小明从表中提供的信息中，得出以下几个结论，其中错误的是（ ） 几种物质的比热容（J/kg•℃）
水4.2×103 酒精2.4×103 冰2.1×103 水银0.14×103 干泥土0.84×103 铜0.39×103 铝0.88×103 铅0.13×103 A．汽车发动机用水来冷却效果好 B．液体的比热容都比固体大
C．同种物质在不同状态下比热容值不同
D．质量相等的铜和铅，升高相同的温度，铜吸收的热量多
7．在物理学的发展过程中，许多物理学家做出了杰出贡献．确定了通过导体的电流与导体的电阻、导体两端的电压的关系的物理学家是（ ） A．安培 B．牛顿 C．欧姆 D．瓦特
8．在如图所示的各图中，关于磁场的描述和小磁针表示正确的是（ ） A．
B．
C．
D．
9．下列是对日常生活中一些物理量的估测，其中最接近实际的是（ ） A．洗澡水的温度为90℃ B．电视机的额定功率约20W C．汽车的机械效率为80% D．一块手机电池的电压约3.7V
10．如图所示的电路图中，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应该是（ ）
A．只闭合S3 B．只闭合S2
C．同时闭合S1和S2，断开S3 D．同时闭合S1和S3，断开S2
11．如图是小明厨房安装的抽油烟机和照明灯的连接电路图．下列说法正确的是（ ）
A．抽油烟机和照明灯只能同时工作
B．抽油烟机和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等 C．抽油烟机和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等 D．抽油烟机和照明灯工作时，它们的功率一定相等
12．如图所示电路中，甲、乙两处分别接入电流表或电压表．当S闭合后，为使两灯均能发光，则（ ）
A．甲接电流表，乙接电压表 B．甲、乙均接电流表
C．甲、乙均接电压表 D．甲接电压表，乙接电流表
13．小明同学在探究串联电路电流规律的实验中，按要求连接好了电路，如图，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光，为检测出电路故障，他做了如下操作：①将电压表接到a、b两点，观察电压表、电流表均无示数；②将电压表接到b、c两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零，则电路故障可能是（ ）
A．灯L1断路 B．灯L2断路 C．电流表烧坏了 D．灯L1短路
14．新交规2013年1月1日开始执行，饮酒驾驶属于违法犯罪行为，酒精测试仪可检测驾驶员是否酒后驾车，如图甲所示是它的原理图，酒精气敏传感器的电阻跟酒精气体浓度的关系如图乙所示，如果驾驶员呼出的酒精气体浓度增大，那么下面说法错误的是（ ）
A．传感器的电阻减小 B．通过传感器的电流增大 C．传感器两端的电压减小 D．电压表的示数减小
15．如图，电源电压保持不变，当闭合开关后，滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中下列说法正确的是（ ）
A．电压表V1示数变大，电流表A示数变小 B．电压表V2示数变大，电流表A示数变大 C．电压表V1示数和电流表A示数的乘积变大 D．电压表V2示数和电流表A示数的比值变大
16．由电压为220V的电源向远处某工地的一盏标有“PZ220﹣1000”的电灯供电，由于导线有电阻，灯泡消耗的实际功率为900W，则导线消耗的功率（ ） A．等于100W
B．小于100W
C．大于100W
D．不能确定
17．在一个电路中，有两个用电器，用电流表测量时发现通过两用电器的电流相同，则这两个用电器的连接（ ）
A．一定串联 B．一定并联
C．可能串联，也可能并联 D．无法判断
18．高速公路收费站于开始对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图（电源电压一定），以下说法正确的是（ ）
A．称重表相当于一个电压表 B．电路中的R1是没有作用的 C．当车辆越重时，称重表的示数越小 D．当车辆越重时，称重表的示数越大
二、填空及简答题（共10小题，满分21分）
19．如图所示是四冲程汽油机的两个冲程图，请回答下列问题： （1）问题：甲图所示冲程发生了怎样的能量转化？回答：______． （2）问题：乙图显示的是汽油机的哪个冲程？回答：______．
20．夏天在海边玩耍，感觉沙子烫脚而海水却是凉的，这是因为沙子的比热容比海水的______（填大或小），在受到同样的太阳光照射时，______的温度升高得更多．
21．寒冷的冬天，在冰雪大世界参观的游客经常边跺脚边对手哈气，就会感到暖和了．“跺脚”是用______的方法增加脚的内能；“呵气”是用______的方法增加手的内能．
22．如图为宾馆房间取电房卡．将房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用．房卡的作用相当于电路元件中的______，房间里的电视机与电灯在电路中是______联的．
23．如图所示，弹簧下端挂一条形磁体，磁体的下端为S极，条形磁体的正下一方有一带铁芯的螺线管，闭合开关后，弹簧的长度会______（填“伸长”、“缩短”或“不变”）．
24．如图所示，它是台式电风扇的一个自动断电设备（两个金属片间的金属球可自由移动）．当电风扇正常直立时，它______电路；当电风扇倾倒时，它______电路．（填“接通”或“断开”）
25．如图所示，电源电压是3V且不变，S闭合后电压表示数为2V，则灯L1两端的电压为______；灯L1和灯L2中电阻较大的是______．通过灯L1和灯L2的电流是______（选填“L1”、“L2”或“一样”）大．
26．人体发热时常用湿毛巾敷在头部，过一段时间后，毛巾温度升高，体温降低，这说明______可以改变物体的内能，也说明水的______较大，对调节温度有很好的作用．
27．某品牌快速电热水壶，其铭牌上标有“220V 1500W”．在标准大气压下，将质量为1.5kg、温度为40℃的水烧开，水需要吸收的热量是______J．若不计热损失，电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间是______s（水的比热容为4.2×103 J/（kg•℃）），若实际电压略低于220V，则这个时间将比上述结果偏______（大/小）．
28．现有阻值分别是25Ω、10Ω的两只电阻，允许通过它们的最大电流分别是0.8A和0.6A，若将它们串联起来使用，两端允许加的最大电压是______V，电路的最大功率是______W．
三、解答题（共4小题，满分27分）
29．根据下列四图，在下面的空格处填入相应的内容．
（1）甲图：两块铅挤压后不易分开，说明______；
（2）乙图：通过太阳照射，太阳能内的水会变热，说明______可以改变物体的内能； （3）丙图：带电体和吸管靠近时会相互排斥，说明它们带有______电荷； （4）丁图：它的工作原理是通过改变______来改变电阻．
30．为了比较水和煤油的比热容，小明在家里做了下面的实验：在两个相同的塑料瓶内分别放入质量相同、初温都是室温的水和煤油．在瓶口扎上气球，将它们一同浸入热水中，如图所示． （1）观察到的现象是______ 瓶口的气球膨胀得大些． （2）气球膨胀的大小决定于水和煤油的______．
（3）要使两球膨胀的大小相同，应对______ 加热的时间长些． （4）此实验表明______比______ 的比热容大些．
31．小明用如图甲所示的电路，探究“通过电阻的电流跟其两端电压的关系”，图乙是小明连接的部分实验电路．
（1）请用笔画线代替导线，完成图乙中实验电路的连接，要求电压表应选择合适的量程，当变阻器的滑片向右移动时，电流表示数增大．
（2）小明按要求正确连接电路后，闭合开关，发现电压表示数为零，其原因可能是______．（只答出一种情况即可）
（3）如果将实验电路中的电阻R更换成一个额定电压为3.8V、阻值约10Ω的小灯泡后，为了测量小灯泡的额定功率，对实验电路还必须进行的改动是：
______．
32．（1）在做“伏安法测电阻”的实验中（电源电压不变），小芸将实验器材连接成实验电路，如图甲所示，但粗心的小芸有一根导线连接错误，请你帮小芸在接错的那根导线上打“×”，然后另画一根导线使电路连接正确．
（2）电路改接正确后，合上开关，调节变阻器的滑片到某位置时，电压表和电流表的示数如图乙所示，则此次实验测得的定值电阻的阻值Rx是______Ω，接下来小芸调整变阻器滑片继续测量，这样做的目的是______．
（3）本小组完成实验后，讨论该电路不增加实验器材还能完成哪些实验，在列出的三个实验中，你认为正确的是______实验（填选项字母） A．探究电流产生热量与电阻的关系 B．探究电流与电压的关系 C．探究电流与电阻关系
（4）实验后小芸的同桌小龙找了一个阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示的测量电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在横线内把实验步骤补充完整： ①______，用电压表测出电源的电压U；
②______，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压U1； ③请用测量值U和U1，已知量R0来表达Rx=______．
（5）如果将图甲中的定值电阻更换为额定电压为2.5V小灯泡，则该实验也可测量小灯泡的电功率，测量时根据实验数据所画图象如图丁所示，则该小灯泡的额定功率为
______W．
四、阅读与分析题（共1小题，满分8分） 33．阅读下面短文
气候与热污染
夏季的海边，海风轻拂，昼夜温差小，气候宜人．而沙漠的夏季，白天气温可达60℃，夜晚能降到10℃．这是因为水的比热容比沙石的大，水和沙石上升相同的温度，水能吸收更多的热量．因而，在同样受热的情况下，水的温度变化比沙石小得多，水起到了很好的调节气温的作用．
气温不仅受自然环境的影响，还受人造环境的影响．城市的工业、交通和生活，每天都消耗大量燃料．燃料燃烧产生的内能，只有一部分做了有用功，大部分散失在周围空间，成为环境热源．电力、冶金、石油、化工、造纸等行业，它们通过冷却水和烟筒向环境散热，造成工业热污染；汽车、空调、冰箱等现代化家庭设备工作时，都向环境散发热量；城市里过多的人口散发的热量也很可观大城市散发的热量可以达到所接收的太阳能的，从而使城市的温度升高，这就是常说的热岛效应… （1）请在文中关于“海边昼夜温差小”的原因的句子摘抄在答题卡上． （2）从文中找出两个造成热岛效应的原因：①______．②______． （3）如何减少环境的热污染，请你提出一条合理化建议：______．
五、计算应用题（共1小题，满分8分）
34．小王家新买的电热淋浴器的铭牌如表所示．小王按说明书要求给淋浴器装满水，通电50min，观察到淋浴器上温度计示数由23℃上升到45℃． 额定电压 220V～ 额定频率 50Hz 输入功率 1600W 水箱容积 50L 防触电保护类别× 生产编号×× 求： （1）在加热过程中，水箱中水吸收的热量是多少J？[C水=4.2×103 J/（kg•℃）] （2）电热淋浴器加热过程中消耗的电能是多少J？
（3）比较（1）、（2）两问计算结果，你认为违背能量守恒吗？为什么？
2018-2019学年河北省保定市满城区九年级（上）期末
物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共18小题，每小题2分，满分36分）
1．下列说明分子在不停地运动的例子，其中不恰当的是（ ） A．将一些盐放入一杯水中，过一段时间后，一杯水都有咸味 B．香水瓶打开，在其周围可以闻到香味 C．扫地时，灰尘飞扬
D．把一滴黑墨水滴到一杯清水中，过会儿，清水变黑了 【考点】扩散现象．
【分析】要解答本需掌握：分子运动和物质运动的区别，分子运动是看不见的．
【解答】解：A、将一些盐放入一杯水中，过一段时间后，一杯水都有咸味；是分子运动的结果．故A不符合题意．
B、香水瓶打开，在其周围可以闻到香味；是分子运动的结果．故B不符合题意． C、扫地时，尘土飞扬是物质的运动．故C符合题意．
D、把一滴黑墨水滴到一杯清水中，过会儿，清水变黑了，是分子运动结果．故D不符合题意． 故选C
2．下面的例子中，用做功的方式来改变物体内能的是（ ） A．用燃气炉给铝壶中的冷水加热 B．冬天室内暖气能使房间温度上升 C．打气筒打气时打气筒变热
D．把烧红的铁棒放入水中，使铁棒冷却 【考点】做功改变物体内能．
【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．
【解答】解：A、用燃气炉给铝壶中的冷水加热，是通过热传递改变内能，故不符合题意； B、冬天室内暖气能使房间温度上升，是通过热传递改变内能，故不符合题意； C、打气筒打气时打气筒变热，是压缩空气做功，通过做功改变物体内能，故符合题意； D、把烧红的铁棒放入水中，使铁棒冷却，是通过热传递改变内能，故不符合题意． 故选C．
3．下述现象不是利用水的比热容大这一特性的是（ ）
A．工厂里的冷却塔大多用水作为冷却介质 B．冬天暖气设备用水作为运输能量的介质 C．晚上向秧苗田里放水，以防冻坏秧苗 D．空调房间里放盆水增加湿度 【考点】水的比热容的特点及应用．
【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析．
【解答】解：A、在因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以工厂里的冷却塔大多用水作为冷却介质，不合题意；
B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，不合题意；
C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，不合题意；
D、 空调房间里放盆水增加湿度，是利用了水汽化形成的水蒸气来增大空气湿度，与比热容无关，符合题意．故选D．
4．下列关于温度、内能、热量的说法，正确的是（ ） A．物体温度越高，它的热量就越多 B．要使物体内能增加，一定要吸收热量 C．要使物体内能增加，一定要对物体做功 D．物体温度升高，它的内能一定增加 【考点】温度、热量与内能的关系．
【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关． （2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化． （3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递．
【解答】解：A、物体的温度越高，内能越大，内能是状态量，而热量是过程量，不能说物体温度越高，它的热量就越多，故A错误．
B、要使物体内能增加，可能吸收热量还可能对物体做功，故B错误． C、要使物体内能增加，可能吸收热量还可能对物体做功，故C错误． D、温度直接影响内能，物体温度升高，它的内能一定增加，故D正确． 故选D．
5．图（A）所示把凉牛奶放在热水中加热，经过一段较长时间，它们的温度随时间变化的图象如图（B）所示，下列说法中正确的是（ ）
A．水和牛奶最后温度相同 B．水的温度变化比牛奶的大 C．牛奶的温度变化比水慢 D．甲是牛奶温度变化的图象 【考点】热传递在生活中的应用．
【分析】要解答本题需掌握：热传递在生活中的应用以及热传递的特点．
【解答】解：A、热传递的条件是有温度差，最后热平衡时两者的温度相同．水和牛奶最后温度相同．故A正确
B、水的温度变化的多少由题中无法求出，故不能比较．故B不正确． C、牛奶的温度变化的多少由题中无法求出，故不能比较．故C不正确．
D、将凉牛奶放入时，牛奶吸热、温度升高，水放热、温度降低，直至两者的末温相等，因此甲是水的温度变化图象．故D不正确． 故选A．
6．小明从表中提供的信息中，得出以下几个结论，其中错误的是（ ） 几种物质的比热容（J/kg•℃） 水4.2×103 酒精2.4×103 冰2.1×103 水银0.14×103 干泥土0.84×103 铜0.39×103 铝0.88×103 铅0.13×103 A．汽车发动机用水来冷却效果好 B．液体的比热容都比固体大
C．同种物质在不同状态下比热容值不同
D．质量相等的铜和铅，升高相同的温度，铜吸收的热量多 【考点】比热容的概念．
【分析】观察图表中的数据，结合公式Q=cm△t进行分析判断即可解决．
【解答】解：A、由于水的比热容最大，故相同质量的水和其它液体相比较，在升高相同温度的情况下，由 于水的比热容最大，水的温度变化小，即水温度升高的最慢，故一般用水做冷却剂，故该选项不符合题意；B、液体水银的比热容比固态的干泥土等比热容都小，故该选项符合题意； C、冰和水是同种物质，但比热容不同，故该选项不符合题意；
D、质量相等的铜和铅，由于铜的比热容大，故据公式Q=cm△t可知，在升高相同的温度时，铜吸收的热量多，故该选项不符合题意； 故选B．
7．在物理学的发展过程中，许多物理学家做出了杰出贡献．确定了通过导体的电流与导体的电阻、导体两端的电压的关系的物理学家是（ ） A．安培 B．牛顿 C．欧姆 D．瓦特 【考点】物理常识．
【分析】解答本题应掌握：欧姆定律的相关物理常识，欧姆在物理学中的贡献． 【解答】解：
欧姆是德国物理学家，他最先提出了欧姆定律，其内容为：通电导体中的电流与电阻两端的电压成正比，与导体电阻成反比．后来人们为了纪念欧姆的贡献，将此定律命名为欧姆定律． 故选C．
8．在如图所示的各图中，关于磁场的描述和小磁针表示正确的是（ ） A．
【考点】磁场．
【分析】在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极，结合图中情况可做出判断． 【解答】解：A、图中两磁极均为N极，磁感线应该指向外部，故A错误； B、图中两磁极均为S极，小磁针的N极均指向S极，故指向正确，故B正确；
C、在磁体的外部，磁感线应该从磁体的N极出发，回到S极，图中中间两磁针的指向错误，故C错误； D、图中两磁极均为N极，磁感线应该指向外部，右侧的指示方向错误，故D错误． 故选B．
9．下列是对日常生活中一些物理量的估测，其中最接近实际的是（ ） A．洗澡水的温度为90℃ B．电视机的额定功率约20W C．汽车的机械效率为80% D．一块手机电池的电压约3.7V 【考点】温度；机械效率；电压；额定功率．
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个． 【解答】解：
A、人体正常体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，不可能达到90℃．此选项不符合实际；
B、电视机正常工作的电流在0.7A左右，额定功率在P=UI=220V×0.7A≈150W左右．此选项不符合实际； C、热机的效率都较低，一般柴油车效率在40%左右，汽油车效率在30%左右．此选项不符合实际； D、一般手机电池电压为3.7V．此选项符合实际． 故选D．
10．如图所示的电路图中，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应该是（ ）
B． C． D．
A．只闭合S3 B．只闭合S2
C．同时闭合S1和S2，断开S3 D．同时闭合S1和S3，断开S2 【考点】电路的基本连接方式．
【分析】电路元件的连接有串联和并联两种方式：由于串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；而并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响．在进行电路连接时，还一定要注意不能出现电源短路． 【解答】解：
A、只闭合S3时电流只有一条路径，是L2的简单的电路，不合题意；
B、只闭合S2时电流只有一条路径，电流依次流过L2、L1和开关S2，属串联电路，不合题意；
C、同时闭合S1和S2时电流会不经用电器直接从电源正极流向负极，属电源短路，是错误的，不合题意； D、同时闭合S1和S3，断开S2时，电流有两条路径，分别流经灯泡L1和L2，属并联电路，符合题意． 故选D．
11．如图是小明厨房安装的抽油烟机和照明灯的连接电路图．下列说法正确的是（ ）
A．抽油烟机和照明灯只能同时工作
B．抽油烟机和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等 C．抽油烟机和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等 D．抽油烟机和照明灯工作时，它们的功率一定相等 【考点】并联电路的电压规律；并联电路的电流规律．
【分析】（1）并联电路各用电器独立工作、互不影响，串联电路各用电器相互影响不能独立工作； （2）并联电路中，干路开关控制整个电路，支路开关只能控制所在的支路．
【解答】解：（1）由电路图可知，照明灯和抽油烟机并联，它们可以独立工作、互不影响；开关S1控制抽油烟机，开关S2控制照明灯；
（2）当只闭合S1时，只有抽油烟机工作，当只闭合S2时，只有照明灯工作，当S1与S2同时闭合时，换气扇与照明灯同时工作，故A错误；
（3）并联电路电压相等，抽油烟机与照明灯并联，它们工作时两端电压一定相等，但它们的电流不一定相等，由P=UI可知，它们的功率不一定相等，故B正确，C、D错误； 故选B．
12．如图所示电路中，甲、乙两处分别接入电流表或电压表．当S闭合后，为使两灯均能发光，则（ ）
A．甲接电流表，乙接电压表 B．甲、乙均接电流表
C．甲、乙均接电压表 D．甲接电压表，乙接电流表
【考点】串联电路和并联电路的辨别；电流表的使用；电压表的使用．
【分析】因为电流表相当于导线，电压表相当于开路，如图所示当开关S闭合时，要使两灯均能发光，则两个灯泡为并联电路，可假设乙为电压表或电流进行分析，看能否满足两灯并联的要求．
【解答】解：假设乙为电流表，则右边的灯泡造成短路，不能满足两灯均能发光的要求，所以乙只能为电压表，甲为电流表． 故选A．
13．小明同学在探究串联电路电流规律的实验中，按要求连接好了电路，如图，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光，为检测出电路故障，他做了如下操作：①将电压表接到a、b两点，观察电压表、电流表均无示数；②将电压表接到b、c两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零，则电路故障可能是（ ）
A．灯L1断路 B．灯L2断路 C．电流表烧坏了 D．灯L1短路
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】开关闭合后，两个灯泡都不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路是开路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连．
【解答】解：由题意可知，电流表始终无示数，则电路故障为断路，故D错误；
将电压表接到b、c两点，观察电压表有明显示数，则电压表与电源之间是通路，即电流表和灯泡L2完好，故BC错误；
将电压表接到a、b两点，观察电压表无示数，则电路断路， 综上可知，电路故障可能是灯L1断路，故A正确． 故选A．
14．新交规2013年1月1日开始执行，饮酒驾驶属于违法犯罪行为，酒精测试仪可检测驾驶员是否酒后驾车，如图甲所示是它的原理图，酒精气敏传感器的电阻跟酒精气体浓度的关系如图乙所示，如果驾驶员呼出的酒精气体浓度增大，那么下面说法错误的是（ ）
A．传感器的电阻减小 B．通过传感器的电流增大 C．传感器两端的电压减小 D．电压表的示数减小 【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，由图象可知果驾驶员呼出的酒精气体浓度增大时R2阻值的变化，根据欧姆定律判断电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化．
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流， 由图象可知，酒精气体浓度增大时，传感器电阻R2的阻值减小，电路中的总电阻减小，故A正确； 因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=可知，电路中电流增大，即通过传感器的电流增大，故B正确； 由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压增大，即电压表的示数增大，故D错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，传感器两端的电压减小，故C正确． 故选D．
15．如图，电源电压保持不变，当闭合开关后，滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中下列说法正确的是（ ）
A．电压表V1示数变大，电流表A示数变小 B．电压表V2示数变大，电流表A示数变大 C．电压表V1示数和电流表A示数的乘积变大 D．电压表V2示数和电流表A示数的比值变大 【考点】电路的动态分析．
【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V2测量的是滑动变阻器两端的电压，电压表V1测量的是电源电压，电流表测电路中的电流．
首先判断出滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，由串联电路特点和欧姆定律判断电压和电流表的示数变化；从而可知电压表V1与电流表A示数的乘积变化；
电压表V1与电流表A示数的比值即为滑动变阻器连入电路中的电阻，从而可以判断出两者比值的变化． 【解答】解：
由图可知，R1与R2串联，电压表V2测量的是滑动变阻器两端的电压，电压表V1测量的是电源电压，电流表测电路中的电流．
滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，电压表V1测量的是电源电压，所以其示数不变；
变阻器R2连入电路的阻值变小，所以总电阻变小，电源电压保持不变，由I=可知电流表示数变大；由串联电路的分压原理可知，V2示数变小，故AB错误；
由上分析，V1示数不变，A示数变大，所以电压表V1示数和电流表A示数的乘积变大，故C正确； 电压表V2示数和电流表A示数的比值大小等于滑动变阻器连入电路的阻值大小，所以其比值变小，故D错误． 故选C．
16．由电压为220V的电源向远处某工地的一盏标有“PZ220﹣1000”的电灯供电，由于导线有电阻，灯泡消耗的实际功率为900W，则导线消耗的功率（ ） A．等于100W
B．小于100W
C．大于100W
D．不能确定
【考点】电功率的计算． 【分析】利用P=
，结合电路电阻的变化分析导线上电功率的大小．
【解答】解：如果导线电阻忽略时，即220V的电压全部接在“PZ220﹣1000”的灯泡上，灯泡正常发光，功率是额定功率1000W；
当导线上电阻不忽略时，即电路中的电阻变大，由P=
可知电路消耗的总功率变小，即小于1000W，
而灯泡实际功率为900W，所以导线上的功率只能小于100W． 故选B．
17．在一个电路中，有两个用电器，用电流表测量时发现通过两用电器的电流相同，则这两个用电器的连接（ ）
A．一定串联 B．一定并联
C．可能串联，也可能并联 D．无法判断 【考点】串联电路和并联电路的辨别．
【分析】串联电路中处处电流相等；并联电路中各支路中的电流可能相等，也可能不相等，在解题时应根据欧姆定律认真分析．
【解答】解：若两个完全相同的用电器，当它们组成串联电路时，通过它们的电流一定相等．
当它们并联时，因为并联支路两端的电压相等，且它们各自的电阻相等，由公式I=可知通过它们的电流也相等．
由此可知通过每个用电器的电流都相等时，这两个用电器可能是串联；也可能是并联． 故选C．
18．高速公路收费站于开始对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图（电源电压一定），以下说法正确的是（ ）
A．称重表相当于一个电压表 B．电路中的R1是没有作用的 C．当车辆越重时，称重表的示数越小 D．当车辆越重时，称重表的示数越大
【考点】欧姆定律的应用；重力；电流表的使用．
【分析】（1）分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表； （2）根据电路中滑片的变化情况对选项逐一方向后，选择正确答案． 【解答】解：A、说法错误，称重表与电阻串联，所以是一电流表； B、说法错误，电路中的R1具有保护称重表的作用；
C、说法错误，当车辆越重时，滑片向下滑，R的阻值变小，电路的电流变大，所以称重表的示数越大； D、说法正确，解释与选项C相同． 故选D．
二、填空及简答题（共10小题，满分21分）
19．如图所示是四冲程汽油机的两个冲程图，请回答下列问题：
（1）问题：甲图所示冲程发生了怎样的能量转化？回答： 机械能转化为内能 ． （2）问题：乙图显示的是汽油机的哪个冲程？回答： 做功冲程 ．
【考点】内燃机的四个冲程．
【分析】汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程． 内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能．判断出是哪个冲程，再判断能量是怎样转化的． 【解答】解：
（1）甲图中，进气门、排气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程；压缩冲程中活塞压缩气体做功，机械能转化为内能；
（2）由图甲可知，进气门、排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程； 故答案为：（1）机械能转化为内能；（2）做功冲程．
20．夏天在海边玩耍，感觉沙子烫脚而海水却是凉的，这是因为沙子的比热容比海水的 小 （填大或小），在受到同样的太阳光照射时， 沙子 的温度升高得更多． 【考点】水的比热容的特点及应用．
【分析】要解答本题需掌握：水的比热容大，故其在相同条件下温度变化最小． 【解答】解：因为沙子的比热容比海水的小，由吸热公式Q=cm△t知，△t=照射（即吸热相同的热量）时，沙子的温度升高的更多． 故答案为：小，沙子．
21．“跺脚”是用 做功 的寒冷的冬天，在冰雪大世界参观的游客经常边跺脚边对手哈气，就会感到暖和了．方法增加脚的内能；“呵气”是用 热传递 的方法增加手的内能． 【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能．
【分析】解决此题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递． 【解答】解：“跺脚”是用做功的方式增加脚的内能； “哈气”是用热传递的方式增加手的内能； 故答案为：做功，热传递．
22．如图为宾馆房间取电房卡．将房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用．房卡的作用相当于电路元件中的 开关 ，房间里的电视机与电灯在电路中是 并 联的．
，因此在受到同样的太阳光
【考点】电路的组成．
【分析】（1）开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；
（2）串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响． 【解答】解：
（1）房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的开关；
（2）房间里的电视机和电灯工作时互不影响，所以是并联的． 故答案为：开关；并．
23．如图所示，弹簧下端挂一条形磁体，磁体的下端为S极，条形磁体的正下一方有一带铁芯的螺线管，闭合开关后，弹簧的长度会 缩短 （填“伸长”、“缩短”或“不变”）．
【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用．
【分析】根据右手定则判定螺线管上端为N极，再根据条形磁体异名相吸引即可判断出闭合开关后，弹簧的长度是如何变化的．
【解答】解：开关闭合，根据右手定则判断电螺线管的上端为N极，下端为S极，因同名磁极相互排斥，所以弹簧长度会缩短． 故答案为：缩短．
24．如图所示，它是台式电风扇的一个自动断电设备（两个金属片间的金属球可自由移动）．当电风扇正常直立时，它 接通 电路；当电风扇倾倒时，它 断开 电路．（填“接通”或“断开”）
【考点】电路的三种状态．
【分析】处处连通的电路是通路，也叫闭合电路，断开的电路是开路．
【解答】解：如图，当电风扇正常直立时，两根导线通过铜球连接接通电路，形成通路．当电扇倾倒时，金属球移动而分开，使电路处于断开状态，电路是开路，电风扇不能工作． 故答案为：接通；断开．
25．如图所示，电源电压是3V且不变，S闭合后电压表示数为2V，则灯L1两端的电压为 1V ；灯L1和灯L2中电阻较大的是 L2 ．通过灯L1和灯L2的电流是 一样 （选填“L1”、“L2”或“一样”）大．
【考点】串联电路的电压规律；串联电路的电流规律．
【分析】由电路图可知电压表测量L2两端的电压，则根据电压表示数可得L2两端的电压，再根据串联电路的电压规律可求得L1两端的电压；由串联电路的特点可知通过两灯的电流关系，则可由欧姆定律求得电阻的大小关系．
【解答】解：由图可知，当开关S闭合后，电压表测的是灯L2两端的电压，所以L2两端电压为2V； 由于两灯串联，根据串联电路电压规律得U1=U﹣U2=3V﹣2V=1V．
因两灯串联，故通过灯L1、L2的电流相等，根据欧姆定律可知，L2的电阻较大． 故答案为：1V；L2；一样．
26．人体发热时常用湿毛巾敷在头部，过一段时间后，毛巾温度升高，体温降低，这说明 热传递 可以改变物体的内能，也说明水的 比热容 较大，对调节温度有很好的作用． 【考点】热传递改变物体内能．
【分析】（1）在热传递的过程中，低温物体吸收热量，内能增加，高温物体放出热量，内能会减小，热传递是改变物体内能的方法之一．
（2）比热容是物质的一种性质，它反映了这种物质吸热能力的强弱，比热容大的物质在质量相同、升温相同的情况下，其吸收的热量会更多．
【解答】解：（1）人体发热，人体温度高，用湿毛巾敷在头部，湿毛巾温度低；过一段时间后，毛巾温度升高，体温降低，是热传递改变了二者的内能．
（2）用水做传热介质，是利用了水的比热容大，相同情况，水能吸收或放出更多的热量，水的比热容较大这一特点，在实际中应用很多，例如：汽车用水冷却发动机、暖气中用水做传热介质等． 故答案：热传递；比热容．
27．某品牌快速电热水壶，其铭牌上标有“220V 1500W”．在标准大气压下，将质量为1.5kg、温度为40℃的水烧开，水需要吸收的热量是 3.78×105 J．若不计热损失，电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间是 252 s（水的比热容为4.2×103 J/（kg•℃）），若实际电压略低于220V，则这个时间将比上述结果偏 大 （大/小）．
【考点】电功与热量的综合计算．
【分析】（1）标准大气压下，水的沸点是100℃（末温），知道水的质量、水的初温、水的比热容，利用吸热公式求水吸收的热量；
（2）知道电热水壶的额定功率，知道若不计热损失，利用P=求电热水壶正常工作时烧开这壶水用的时间．【解答】解：（1）由题知，水的末温为100℃， 水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg× =3.78×105J；
（2）电热水壶正常工作时，P=1500W， 由题知：Q吸=W=Pt，
电热水壶正常工作时烧开这壶水用的时间： t=
=
=252s．
（3）实际电压低于额定电压，实际功率小于额定功率，则加热时间要大一些． 故答案为：3.78×105；252；大．
28．现有阻值分别是25Ω、10Ω的两只电阻，允许通过它们的最大电流分别是0.8A和0.6A，若将它们串联起来使用，两端允许加的最大电压是 21 V，电路的最大功率是 12.6 W． 【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】两电阻串联时通过它们的电流相等，电路中的最大电流为两电阻最大电流中较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出它们串联起来使用时两端允许加的最大电压，根据P=UI求出电路的最大功率． 【解答】解：两电阻串联起来使用时， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中的最大电流I=0.6A， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由I=可得，电源的最大电压： U=I（R1+R2）=0.6A×（25Ω+10Ω）=21V； 电路的最大功率： P=UI=21V×0.6A=12.6W． 故答案为：21；12.6．
三、解答题（共4小题，满分27分）
29．根据下列四图，在下面的空格处填入相应的内容．
（1）甲图：两块铅挤压后不易分开，说明 分子间存在引力 ；
（2）乙图：通过太阳照射，太阳能内的水会变热，说明 热传递 可以改变物体的内能； （3）丙图：带电体和吸管靠近时会相互排斥，说明它们带有 同种 电荷； （4）丁图：它的工作原理是通过改变 电阻丝的长度 来改变电阻．
【考点】分子间的作用力；热传递改变物体内能；电荷间的相互作用规律；滑动变阻器的工作原理． 【分析】（1）分子之间存存在着相互作用的引力和斥力； （2）改变物体内能有两种方式：做功和热传递； （3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（4）影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积和温度． 【解答】解：
（1）图甲：把两块表面洁净的铅压在一块，一段时间后，下面吊很重的物体也不能把它们拉开，说明分子间存在引力的作用；
（2）图乙：太阳能热水器中的水在太阳照射下温度升高，说明热传递可以改变物体的内能； （3）丙图：带电体和吸管靠近时会相互排斥，说明它们带有同种电荷；
（4）丁图：滑动变阻器之所以能变阻，靠的是改变连入电路中电阻丝的长度来变阻的，长度变长，电阻变大；长度变小，电阻变小．
故答案为：（1）分子间存在引力；（2）热传递；（3）同种；（4）电阻丝的长度．
30．为了比较水和煤油的比热容，小明在家里做了下面的实验：在两个相同的塑料瓶内分别放入质量相同、初温都是室温的水和煤油．在瓶口扎上气球，将它们一同浸入热水中，如图所示． （1）观察到的现象是 盛有煤油的 瓶口的气球膨胀得大些． （2）气球膨胀的大小决定于水和煤油的 升高的温度 ． （3）要使两球膨胀的大小相同，应对 水 加热的时间长些． （4）此实验表明 水 比 煤油 的比热容大些．
【考点】比热容的概念．
【分析】（1）盛有煤油和水的瓶子一同浸入热水中，从热水中吸收的热量相同，煤油升高的温度多，盛有煤油的瓶口的气球内的温度高，热膨胀厉害，膨胀的大些；
（2）水和煤油温度越高，上方空气的体积膨胀越大；
（3）给水加热更长的时间，使水吸收更多的热量，升高的温度与煤油相同，使两瓶口的气球内的温度相同，热膨胀相同；
（4）由实验可知，瓶内煤油和水的质量相同、初温相同、从水中吸收相同的热量后，煤油升高的温度值大，据此分析．
【解答】解：（1）观察到的现象是：盛有煤油瓶口的气球膨胀得大些； （2）水和煤油温度升高的度数越高，上方空气膨胀的越厉害；
（3）要使两球膨胀的大小相同，应对盛水的瓶子加热的时间长些，使水吸收更多的热量； （4）相同质量的煤油和水，吸收相同的热量，煤油温度升高的多，说明水的比热容比煤油大． 故答案为：（1）盛有煤油的，（2）升高的温度，（3）水；（4）水；煤油．
31．小明用如图甲所示的电路，探究“通过电阻的电流跟其两端电压的关系”，图乙是小明连接的部分实验电路．
（1）请用笔画线代替导线，完成图乙中实验电路的连接，要求电压表应选择合适的量程，当变阻器的滑片向右移动时，电流表示数增大．
（2）小明按要求正确连接电路后，闭合开关，发现电压表示数为零，其原因可能是 电阻R处短路（或电阻R以外的部分断路还可能是电压表断路） ．（只答出一种情况即可）
（3）如果将实验电路中的电阻R更换成一个额定电压为3.8V、阻值约10Ω的小灯泡后，为了测量小灯泡的额定功率，对实验电路还必须进行的改动是： 增加一节干电池（或换一个电压高于3.8V的学生电源），
电压表改接0～15V的量程 ．
【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）要掌握滑动变阻器的接法，需一上一下．滑动变阻器的阻值大小是由滑片与下面一个接线柱之间的距离决定的．
（2）分析电压表无示数的原因，可能是电阻R短路或电阻R以外的部分短路还可能是电压表断路； （3）题目中告诉了小灯泡的额定电压，要注意分析电压表的量程及电源电压． 【解答】解：（1）滑动变阻器已连接了上面一个接线柱，应再连接下面一个接线柱．
因为当变阻器的滑片向左移动时，电流表示数增大，所以滑动变阻器的电阻应减小，则滑动变阻器应接左边的A接线柱．电路连接如图所示：
（2）闭合开关，电压表无示数，可能是电阻R短路或电阻R以外的部分短路还可能是电压表断路； （3）将图乙中的电阻R换成一个额定电压为3.8V、阻值约为10Ω的小灯泡后，由于电源由两节干电池组成，总电压为3V，所以应再加一节干电池，或换用电压高于3.8V的直流电源，图中电压表用的量程为0～3V的量程，应改为0～15V的量程．
故答案为：（1）见上图；（2）电阻R处短路（或电阻R以外的部分断路还可能是电压表断路）；（3）增加一节干电池（或换一个电压高于3.8V的学生电源），电压表改接0～15V的量程．
32．（1）在做“伏安法测电阻”的实验中（电源电压不变），小芸将实验器材连接成实验电路，如图甲所示，但粗心的小芸有一根导线连接错误，请你帮小芸在接错的那根导线上打“×”，然后另画一根导线使电路连接正确．
（2）电路改接正确后，合上开关，调节变阻器的滑片到某位置时，电压表和电流表的示数如图乙所示，则此次实验测得的定值电阻的阻值Rx是 6 Ω，接下来小芸调整变阻器滑片继续测量，这样做的目的是 多次测量求平均值，减小实验误差 ．
（3）本小组完成实验后，讨论该电路不增加实验器材还能完成哪些实验，在列出的三个实验中，你认为正确的是 B 实验（填选项字母） A．探究电流产生热量与电阻的关系 B．探究电流与电压的关系 C．探究电流与电阻关系
（4）实验后小芸的同桌小龙找了一个阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示的测量电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在横线内把实验步骤补充完整： ① 闭合开关S、S1 ，用电压表测出电源的电压U；
② 闭合开关S，断开开关S1 ，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压U1； ③请用测量值U和U1，已知量R0来表达Rx= ．
（5）如果将图甲中的定值电阻更换为额定电压为2.5V小灯泡，则该实验也可测量小灯泡的电功率，测量时根据实验数据所画图象如图丁所示，则该小灯泡的额定功率为 0.5
W．
【考点】伏安法测电阻的探究实验．
【分析】（1）实物连接图中，主要从电流表、电压表、滑动变阻器的使用方法上考虑： 从电流表和电压表的量程、连接方式、正负接线柱三个方面分析． 从滑动变阻器的接线柱选择和滑片位置分析．
（2）读取电压表、电流表示数时，首先明确电表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所对刻线相垂直；
已知待测电阻两端电压和通过的电流，利用R=得到电阻；为减小误差，需多测几组数据，求平均值； （3）分析选项中各实验的操作方法进行解答；
（4）要测出未知电阻的阻值，需测出电阻两端的电压及通过电阻的电流，此题可以很方便地测出导体两端的电压，可根据串联电路的电流、电压规律，闭合开关，测出总电压，得出定值电阻两端的电压，根据I=得出电路中的电流，可根据R=计算出未知电阻的阻值．
（5）根据图象确定额定电压及其电流，由P=UI计算出额定电功率． 【解答】解：
（1）电压表并联在灯泡和滑动变阻器的两端，测灯泡和滑动变阻器的总电压，所以电压表的“3”接线柱和滑动变阻器左下端接线柱连接错误，应把电压表并联在灯泡两端，电压表的“3”接线柱和灯泡右端接线柱连接，如下图：
（2）由图知：电压表选择的是0～3V量程，对应的分度值为0.1V，此时的示数为2.4V；
电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时的示数为0.4A； 待测电阻的阻值为R==
=6Ω．
为了减小误差，应移动滑动变阻器，改变电阻两端的电压和电流，多测几组数据，求平均值；
（3）A．探究电流产生热量与电阻的关系时，应保持电流不变，改变定值电阻的阻值，利用该电路不能完成；
B．探究电流与电压的关系时，应控制电阻的阻值不变，改变两端的电压，利用该电路能完成； C．探究电流与电阻关系时，应控制电阻两端的电压不变，改变定值电阻的阻值，利用该电路不能完成． （4）①闭合S、S1，电阻R0被短路，此时电压表的示数等于电源电压U； ②闭合S，断开S1，此时电压表测量Rx两端的电压U1； ③根据串联电路电压的特点，则U0=U﹣U1； 串联电路中电流相等，所以Ix=I0=
；
Rx=
==．
（5）由图象知，当电压为2.5V时，电流为0.2A，则P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．
故答案为：（1）见上图；（2）6；多次测量求平均值，减小实验误差；（3）B；（4）①闭合开关S、S1；②闭合开关S，断开S1；③
四、阅读与分析题（共1小题，满分8分） 33．阅读下面短文
气候与热污染
夏季的海边，海风轻拂，昼夜温差小，气候宜人．而沙漠的夏季，白天气温可达60℃，夜晚能降到10℃．这是因为水的比热容比沙石的大，水和沙石上升相同的温度，水能吸收更多的热量．因而，在同样受热的情况下，水的温度变化比沙石小得多，水起到了很好的调节气温的作用．
气温不仅受自然环境的影响，还受人造环境的影响．城市的工业、交通和生活，每天都消耗大量燃料．燃料燃烧产生的内能，只有一部分做了有用功，大部分散失在周围空间，成为环境热源．电力、冶金、石油、化工、造纸等行业，它们通过冷却水和烟筒向环境散热，造成工业热污染；汽车、空调、冰箱等现代化家庭设备工作时，都向环境散发热量；城市里过多的人口散发的热量也很可观大城市散发的热量可以达到所接收的太阳能的，从而使城市的温度升高，这就是常说的热岛效应… （1）请在文中关于“海边昼夜温差小”的原因的句子摘抄在答题卡上．
；（5）0.5．
（2）从文中找出两个造成热岛效应的原因：① 燃料燃烧产生的内能，只有一部分做有用功，大部分散失到空气中，成为环境的热源 ．② 电力、冶金、石油、化工、造纸等行业，它们通过冷却水和烟囱向环境散热，造成工业热污染 ．
（3）如何减少环境的热污染，请你提出一条合理化建议： 提高能源的利用率、合理开发利用新型环保能源、改善生态环境、减少人口密度等 ． 【考点】比热容解释简单的自然现象．
【分析】（1）水的比热容大是造成海边昼夜温度小的主要原因； （2）从热量的散失对环境的影响角度可做出解答；
（3）从提高能源利用率，开发利用新能源等角度可提出建议．
【解答】解：（1）“海边昼夜温差小”是因为水的比热容大，在同样吸放热的情况下，水的温度变化小，对周围环境气温起到了调节作用．故文中的句子应该是“水的比热容比沙石的大”．
（2）读材料可知，造成热岛效应的原因有：一是燃料燃烧产生的内能，只有一部分做有用功，大部分散失到空气中，成为环境的热源；
二是电力、冶金、石油、化工、造纸等行业，它们通过冷却水和烟囱向环境散热，造成工业热污染． （3）结合热污染产生的原因，可提出的合理化建议有：提高能源的利用率、合理开发利用新型环保能源、改善生态环境、减少人口密度等． 故答案为：（1）水的比热容比沙石的大；
（2）①燃料燃烧产生的内能，只有一部分做有用功，大部分散失到空气中，成为环境的热源； ②电力、冶金、石油、化工、造纸等行业，它们通过冷却水和烟囱向环境散热，造成工业热污染． （3）提高能源的利用率、合理开发利用新型环保能源、改善生态环境、减少人口密度等（合理即可）．
五、计算应用题（共1小题，满分8分）
34．小王家新买的电热淋浴器的铭牌如表所示．小王按说明书要求给淋浴器装满水，通电50min，观察到淋浴器上温度计示数由23℃上升到45℃． 额定电压 220V～ 额定频率 50Hz 输入功率 1600W 水箱容积 50L 防触电保护类别× 生产编号×× 求： （1）在加热过程中，水箱中水吸收的热量是多少J？[C水=4.2×103 J/（kg•℃）] （2）电热淋浴器加热过程中消耗的电能是多少J？
（3）比较（1）、（2）两问计算结果，你认为违背能量守恒吗？为什么？ 【考点】电功与热量的综合计算．
【分析】（1）由水的体积50L和密度，根据m=ρV可求出质量；
有水的质量，水的比热容，初温23℃，末温45℃，根据Q吸=cm（t﹣t0）可求出水吸收的热量． （2）由时间50min和功率1600W，根据W=Pt可求出消耗的电能． （3）可以考虑电流产生的热有一部分散失了，并没有全部被水吸收．
【解答】解：（1）由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×50×10﹣3m3=50kg． 水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（45℃﹣23℃）=4.62×106J． （2）消耗的电能：W=Pt=1600W×50×60s=4.8×106J．
（3）比较（1）、（2）两问计算结果，发现水吸收的热量小于消耗的电能．这是因为电流产生的热有一部分散失了，并没有完全被水只收，若水吸收的热量加上散失的能量，仍等于电流产生的热量，所以没有违背能量守恒．
答：（1）水箱中水吸收的热量是4.62×106J． （2）电热淋浴器加热过程中消耗的电能4.8×106J．
（3）比较（1）、（2）两问计算结果，发现水吸收的热量小于消耗的电能．这是因为电流产生的热有一部分散失了，并没有完全被水只收，若水吸收的热量加上散失的能量，仍等于电流产生的热量，所以没有违背能量守恒．
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